中四资讯及通讯科技练习卷（第二份）：二进制与十六进制、影像与声音档案大小、电脑硬件与系统软件、Python 程式追踪、网络带宽与下载时间、资讯保安与素养（100 分）（附答案）

2026-11-15

练习卷 · 初中电脑科

中四资讯及通讯科技练习卷（第二份）（三语版）涵盖二进制与十六进制转换、影像与声音档案大小计算、电脑硬件与系统软件、Python 程式追踪、网络带宽与下载时间、资讯保安与素养，共 6 题 24 部分、100 分、60 分钟，附完整答案与计分准则，适合校内试与 DSE ICT 科操练。

卷面资料　年级：中四　｜　科目：资讯及通讯科技　｜　时限：60 分钟　｜　总分：100 分　｜　题数：24

数制与数据表示

以下题目关于二进制、十六进制与字元编码。所有答案须展示计算步骤。

#	题目	答案与评分要点
1	将二进制数 10110110 转换为十进制，并列出每个位的位值。	答案：10110110 = 128 + 32 + 16 + 4 + 2 = 182。由右至左位值依次为 1、2、4、8、16、32、64、128，因此最高位的 1 代表 128，整个数即 182。
2	将十六进制数 A3C 转换为十进制，并说明十六进制在电脑系统中的用处。	答案：A = 10，C = 12，故 A3C = 10 × 256 + 3 × 16 + 12 = 2620。十六进制每四位二进制对应一个十六进制位，书写比二进制短，常用于表示颜色码、内存位址与机器码。
3	字元 A 的 ASCII 码为 65。写出 65 的八位二进制表示，并指出一个字节可以表示多少个不同的字元。	答案：65 = 01000001。一个字节有 8 个位元，可表示 2^8 = 256 个不同的字元组合。
4	解释为何电脑内部以二进制而非十进制运算，并举出一个原因。	答案：电子元件只有两种稳定状态（高电压与低电压），正好对应 1 与 0；这种设计比要分辨十个电压等级更可靠、成本更低，亦较少受电压波动与噪声影响。

影像与声音档案大小

以下题目关于未压缩影像与数码声音的档案大小计算。1 MiB = 1 048 576 字节。

#	题目	答案与评分要点
5	一幅 1024 × 768 像素、色深 24 位元的未压缩影像，求其档案大小（以字节、KiB 及 MiB 表示）。	答案：像素数 = 1024 × 768 = 786432；每个像素 24 位元 = 3 字节；档案大小 = 786432 × 3 = 2359296 字节 = 2304 KiB = 2.25 MiB。
6	一段取样率 44100 Hz、取样分辨率 16 位元、立体声、长 60 秒的未压缩录音，求其档案大小（以字节及 MiB 表示，取两位小数）。	答案：每秒字节 = 44100 × 2 × 2 = 176400；总数 = 176400 × 60 = 10584000 字节 ≈ 10.09 MiB。
7	分别说明有损压缩与无损压缩的原理，并各举一种常见格式。	答案：有损压缩永久舍弃人眼或人耳较难察觉的资料，换取较细档案，例如 JPEG、MP3；无损压缩只重新编码资料，解压后可完全还原，例如 PNG、FLAC、ZIP。
8	解释为何扫描文字文件时不宜采用 JPEG 格式。	答案：JPEG 为有损压缩，会在文字边缘产生模糊与色斑（压缩假影），使笔画黏连，影响辨识与打印；文字图像宜用 PNG 等无损格式。

电脑硬件与系统软件

以下题目关于内存、处理器与系统软件。

#	题目	答案与评分要点
9	比较 RAM 与 ROM 在可写性、挥发性及典型用途上的分别。	答案：RAM 可读可写、断电后内容消失（挥发性），用作执行中的程式与资料的暂存；ROM 一般只能读取、断电后内容保留（非挥发性），用来存放开机程式与固件。
10	解释快取内存（cache）的作用，并说明它为何能提升效率。	答案：快取是位于处理器内、容量小而速度极高的内存，存放最近或最常使用的指令与资料；处理器多数时间可直接由快取取得资料，减少等待较慢的主内存，故提升整体效率。
11	列出操作系统三项主要功能，并各举一个例子说明。	答案：一、内存管理，例如分配与回收程式所需的内存；二、档案管理，例如建立、读写与删除档案；三、装置管理，例如透过驱动程控打印机与 USB 装置。其他可接受答案包括使用者界面、程序排程与保安。
12	分辨编译器与解释器的运作方式，并各指出一种适用情况。	答案：编译器一次把整个源代码翻译成机器码，产生可独立执行的档案，执行较快，适合发布成品软件；解释器逐行翻译并即时执行，不需先产生执行档、除错方便，适合学习与快速测试。

Python 程式追踪

以下 Python 程式码片段，写出执行结果或指出错误。答案须展示追踪过程。

#	题目	答案与评分要点
13	total = 0 for i in range(1, 6): total = total + i * i print(total) 写出程式输出，并说明 range(1, 6) 产生的数列。	答案：输出 55。range(1, 6) 由 1 开始、不包括 6，故 i 依次为 1、2、3、4、5；累加平方 1 + 4 + 9 + 16 + 25 = 55。
14	n = 20 steps = 0 while n > 1: n = n // 2 if n % 2 == 0 else 3 * n + 1 steps = steps + 1 print(steps, n) 写出程式输出。	答案：输出 7 1。n 的变化为 20 → 10 → 5 → 16 → 8 → 4 → 2 → 1，共执行 7 次循环，最后 n = 1，条件 n > 1 不再成立而结束。
15	def average(a, b=10): return (a + b) / 2 print(average(4)) print(average(4, 8)) 写出两行输出，并说明 b=10 的作用。	答案：第一行 7.0，第二行 6.0。b=10 是预设参数值，呼叫时若没有提供第二个引数，b 便自动取 10，故 average(4) 等于 (4 + 10) / 2 = 7.0。
16	scores = [45, 62, 78] highest = 0 for s in scores: if s > highest: highest = s print(highest) 若要找出最高分，这段程式码在什么情况下会出错？提出一种修正方法。	答案：若所有分数均为负数（例如 [−5, −12]），初始值 0 已大于所有分数，highest 会错误地留在 0。修正方法：把 highest 初始化为 scores[0]，或使用内建函数 max(scores)。

网络带宽与下载时间

以下题目关于网络传输速度、位址与协定。注意 1 字节 = 8 位元。

#	题目	答案与评分要点
17	一个 240 MB 的档案经 20 Mbps 的连线下载，求最短下载时间（秒）。假设没有其他损耗。	答案：档案大小 = 240 × 8 = 1920 Mbit；时间 = 1920 ÷ 20 = 96 秒。注意 MB 与 Mbit 相差 8 倍，是本题最常见的错误。
18	解释 IP 位址与 MAC 位址的分别，并指出路由器在互联网通讯中的一项功能。	答案：MAC 位址由网络卡制造商烧录、用于同一局域网络内识别硬件；IP 位址由网络分配、可随网络改变，用于跨网络定位装置。路由器的功能包括为内网装置分配 IP 位址（DHCP）、在网络之间转发封包，以及以 NAT 隐藏内网位址。
19	说明 HTTP 与 HTTPS 的分别，并解释为何在公共 Wi-Fi 登入账户时必须使用 HTTPS。	答案：HTTPS 在 HTTP 之上加入 TLS 加密，并以凭证验证服务器身份。在公共 Wi-Fi，HTTP 的账号与密码以明文传送，同一网络的人可截取；HTTPS 令内容被加密，中途被截取亦难以解读，且可防止假冒网站。
20	分别举出 LAN 与 WAN 的一个例子，并指出两者在覆盖范围上的分别。	答案：LAN 例子为一间学校或一个办公室的网络，覆盖范围通常限于一幢建筑物；WAN 例子为跨城市的企业专线网络或互联网本身，覆盖范围可达城市、国家以至全球。

资讯保安与素养

以下题目关于网络攻击、加密、备份与个人资料保护。

#	题目	答案与评分要点
21	列出三项可用来辨识钓鱼电邮的特征，并说明收到后应如何处理。	答案：一、寄件人网域与机构官方网域不符或拼写有异；二、讯息制造急迫感并要求点击连结输入密码或付款；三、连结位址与显示文字不符、附件为不常见的可执行档。处理方法：不要点击连结或开启附件，透过官方渠道核实，并向机构与资讯保安人员举报后删除。
22	比较对称加密与非对称加密，并说明为何网站通常两者并用。	答案：对称加密用同一把金钥加密与解密，速度快但金钥派送困难；非对称加密用公钥加密、私钥解密，可安全交换金钥但运算较慢。网站以非对称加密握手确认身份并交换临时对称金钥，之后用对称加密传送大量资料，兼顾安全与速度。
23	说明备份的 3-2-1 原则，并解释为何单靠同步云端资料夹不算完整备份。	答案：3-2-1 指保留三份资料副本、存于两种不同媒介、其中一份放在异地。同步云端资料夹会即时反映删除与加密勒索的改动，本机档案被误删或被加密时，云端副本同样受损，因此仍需保留离线或不可即时改写的备份。
24	就处理学生个人资料，提出三项学校应采取的保安措施。	答案：一、按需要授予存取权限，只用最低权限账户查阅；二、传送与储存时加密，并避免以随身碟或私人电邮传递；三、订立保留期限，到期即安全删除，并记录存取日志；此外应定期培训教职员辨识钓鱼与弱密码风险。

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